2022牛客暑期多校训练营10（FHI）

题集链接；

• F Shannon Switching Game?
  *
  • 思路
  • 代码
• H Wheel of Fortune
  *
  • 思路
  • 代码
• I Yet Another FFT Problem?
  *
  • 思路
  • 代码

F Shannon Switching Game?

博弈论

思路

从结束点开始向外考虑，结束点我们认为是必胜点，考虑其他点如何成为必胜点：

如果某点存在两条（可重）边连接至另一个必胜点，则认为该点也是必胜点；

以终点开始进行bfs寻找必胜点即可；

代码

#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;

int win[110];
int vis[110];
vector<int> E[110];

void bfs(int x)
{
    queue<int> que;
    que.push(x);
    win[x] = 1;
    while (!que.empty())
    {
        int y = que.front();
        que.pop();

        for (int ty : E[y])
        {
            if (win[ty])
                continue;
            vis[ty]++;
            if (vis[ty] == 2)
            {
                win[ty] = 1;
                que.push(ty);
            }
        }
    }
}

int main()
{
    cin.tie(0)->sync_with_stdio(false);
    int s, t;
    int T;
    cin >> T;
    while (T--)
    {
        int n, m;
        cin >> n >> m >> s >> t;
        for (int i = 1; i <= n; i++)
        {
            vis[i] = 0;
            win[i] = 0;
            E[i].clear();
        }
        for (int i = 0; i < m; i++)
        {
            int u, v;
            cin >> u >> v;
            E[u].push_back(v);
            E[v].push_back(u);
        }
        bfs(t);
        if (win[s])
            cout << "Join Player\n";
        else
            cout << "Cut Player\n";
    }
}

H Wheel of Fortune

概率期望

思路

假设 a,b 分别为 A,B 的最大受击数，$t_a$ 表示 a 胜利的期望量（方案数*方案对应概率），则有

$t_a=\sum_{i=1}^{a-1}C_{i+b-1}^i(\frac 12)^{i+b}$

代码

队友代码如下

#include <iostream>

using namespace std;

const int MOD = 998244353;

long long Q_power(long long a, long long b = MOD - 2)
{
    long long res = 1;
    while (b)
    {
        if (b & 1)
            res = res * a % MOD;
        a = a * a % MOD;
        b >>= 1;
    }
    return res;
}

const int N = 2e6 + 10;

long long Fact[N];
long long InvF[N];
long long tw[N];

void init()
{
    Fact[0] = 1;
    for (int i = 1; i < N; i++)
    {
        Fact[i] = Fact[i - 1] * i % MOD;
    }

    InvF[N - 1] = Q_power(Fact[N - 1]);

    for (int i = N - 2; i >= 0; i--)
    {
        InvF[i] = InvF[i + 1] * (i + 1) % MOD;
    }

    tw[N - 1] = Q_power(Q_power(2 , N - 1));
    for (int i = N - 2 ; i >= 0 ; i -- ) {
        tw[i] = tw[i + 1] * 2;
        if(tw[i] >= MOD) tw[i] -= MOD;
    }
}

long long C(int n, int m)
{
    if (n < m)
        return 0;
    return Fact[n] * InvF[m] % MOD * InvF[n - m] % MOD;
}

int main()
{
    init();
    int a, b;
    cin >> a;
    a = (a - 1) / 10 + 1;
    for (int i = 0; i < 7; i++)
        cin >> b;
    cin >> b;
    b = (b - 1) / 10 + 1;

    long long A, B;
    A = B = 0;
    for (int i = 0; i < a; i++)
    {
        A += C(i + b - 1, i) * tw[i+b] % MOD;
        if (A >= MOD)
            A -= MOD;
    }
//     for (int i = 0; i < b; i++)
//     {
//         B += C(i + a - 1, i) * tw[i+a] % MOD;
//         if (B >= MOD)
//             B -= MOD;
//     }

    cout << A << endl;

    return 0;
}

I Yet Another FFT Problem?

思路

去掉绝对值后移项可得 $a_i+b_l=a_j+b_k$ ，考虑两数之和不会超过 2e7 ，我们只需要去重后双重循环枚举两个数组的数字，记录每个和数的一组解，如果遇到当前和数已经有解，则发现答案；

存在一种特殊情况，唯一解即为 $a_i=a_j,b_k=b_l$ ，在去重时会被舍弃掉，特判这种情况即可；

代码

#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;
const int maxn = 1e7 + 7;
int n, m;
vector<int> a(maxn), b(maxn);
vector<int> mka(maxn, -1), mkb(maxn, -1);
vector<int> pa, pb;
vector<array<int, 2>> su(2 * maxn, {-1, -1});
pair<pair<int, int>, pair<int, int>> ans = {{-1, -1}, {-1, -1}};
int main()
{
    scanf("%d%d", &n, &m);
    for (int i = 1; i <= n; i++)
    {
        scanf("%d", &a[i]);
        if (mka[a[i]] == -1)
        {
            mka[a[i]] = i;
            pa.push_back(i);
        }
        else
        {
            ans.first.first = mka[a[i]];
            ans.first.second = i;
        }
    }
    for (int i = 1; i <= m; i++)
    {
        scanf("%d", &b[i]);
        if (mkb[b[i]] == -1)
        {
            mkb[b[i]] = i;
            pb.push_back(i);
        }
        else
        {
            ans.second.first = mkb[b[i]];
            ans.second.second = i;
        }
    }
    if (ans.first.first != -1 && ans.second.first != -1)
    {
        printf("%d %d %d %d", ans.first.first, ans.first.second, ans.second.first,
               ans.second.second);
        return 0;
    }
    for (int i : pa)
    {
        for (int j : pb)
        {
            if (su[a[i] + b[j]][0] == -1)
            {
                su[a[i] + b[j]] = {i, j};
            }
            else
            {
                printf("%d %d %d %d", su[a[i] + b[j]][0], i, j, su[a[i] + b[j]][1]);
                return 0;
            }
        }
    }
    cout << "-1\n";
    return 0;
}